我需要帮助理解对象的类型提示.我尝试搜索stackoverflow但找不到任何其他用户解释其使用的东西.如果你找到一个让我知道.
首先让我解释一下我的理解.
首先让我解释一下我的理解.
当使用类型提示数组时,用户必须输入一个数组参数,否则会抛出错误.
<?PHP function something(array $myval) { return print_r($myval); }
当我用一个对象尝试它时,我得到一个错误.我可能写错了,但请帮助我理解如何写它.
<?PHP class Person { function name($name) { return $name; } } $foo = new Person(); function doSomething(Person $lname) { return $lname->name; } doSomething('smith');
根据我的理解,当一个函数类型提示对象Person(在这个例子中)时,参数变量将有权访问对象方法,就像实例化一个对象并回显其方法一样.我错了,但请纠正我.我的另一个问题是,如果在Person参数可以访问Person方法的情况下这是真的,那么只会实例化Person类并手动回显方法.
使用你的例子：
原文链接：https://www.f2er.com/php/135537.html$foo = new Person; $foo->name = 'smith'; $something = doSomething($foo); echo $something;
类型提示意味着您传递的任何内容必须是您提示的类型(与其类型相同)的实例.
因此,如果您提示人员,则只接受该类型的对象.
在您给出的示例中,您尝试传递字符串而不是对象.
更新
“类型提示”强制您仅传递特定类型的对象.这可以防止您传递不兼容的值,并在您与团队等合作时创建标准.
所以,假设你有一个函数sing().您希望确保它只接受Song类型的对象.
让我们创建我们的课程歌曲：
class Song{
public $title;
public $lyrics;
}
和我们的功能唱歌().我们将向Song输入提示,以确保不能传递其他类型的参数：
function sing(Song $song){
echo "Singing the song called " .$song->title;
echo "<p>" . $song->lyrics . "</p>";
}
现在,再次,该函数只能接受Song类型的对象,因为这是我们在声明中所暗示的(Song $song).
让我们创建一首歌并传递它：
$hit = new Song; $hit->title = "Beat it!"; $hit->lyrics = "It doesn't matter who's wrong or right... just beat it!";
然后我们打电话：
sing($hit);
哪个会好起来的.
现在,让我们说我们有一首诗歌：
class Poem{
public $title;
public $lyrics;
}
$poem = new Poem;
$poem->title = "Look at the sea";
$poem->lyrics = "How blue,blue like the sky,in which we fly..."
sing($poem)
