我有一个
scala函数,它返回一个util.Map [String],util.Set [String].
def getAcls(): Map[String,Set[String]] = {
((for (groupRole: GroupRoleAccess <- groupRoleAccess;
user <- groupService.getGroup(groupRole.groupId).getUsers;
permissions = roleService.getRole(groupRole.roleId) .getPermissions)
yield user.getUserId -> permissions).groupBy(_._1).map { case (k,v) => (k,v.flatMap(_._2).asJava)})
}
我只是在一组这些对象上调用此方法来获取util.Set [util.Map [String],util.Set [String]].
var unevaluatedacls = for (aclTemplate <- aclTemplates) yield aclTemplate.getAcls
当我检查unevaluatedacls时,我发现它是HashSet类型.但它的元素是Wrappers $MapWrapper而不是util.Map.结果,我无法坚持这个对象.我无法理解这种行为.当我尝试
var unevaluatedacls = (for (aclTemplate <- aclTemplates) yield aclTemplate.getAcls).asJava
未评估的内容也会更改为Wrapper $SetWrapper.是因为我试图将不可变的scala集合转换为java集合吗？我知道只有可变的scala集合兼容才能使用JavaConverters转换为相应的java集合
解决方法
JavaConverters将容器转换为java“就地”,而不复制数据.也就是说,如果你有一个scala Map,并将其转换为java,它就不会创建一个全新的容器,并将所有数据复制到它.相反,它只返回一个包装类,它实现了java的Map接口,但是由原始数据而不是副本支持.
这是一件好事,因为它可以节省内存和时间.
接口的整个概念是用户不应该关心它背后的特定实现. “编码到界面”是这个想法.找到自己关心实际的实现类通常(并不总是,但经常)是一种糟糕的设计气味.
如果必须将数据复制到容器中,这是特定类的实例,则必须明确地执行此操作：
val javaMap = new HashMap[String,Set[String]](wrappedMap)
更好的是,首先考虑不使用java序列化.它很慢,越野车,乏味,危险……并且迫使你像这样跳过数百万个奇怪的箍.现在有很多更好的选择.
