如果我有这样的文件结构：
./main.lua ./mylib/mylib.lua ./mylib/mylib-utils.lua ./mylib/mylib-helpers.lua ./mylib/mylib-other-stuff.lua
从main.lua文件mylib.lua可以加载完整路径require(‘mylib.mylib’)。但是在mylib.lua里面，我也想加载其他必要的模块，我不觉得总是指定完整路径(例如mylib.mylib-utils)。如果我决定移动文件夹，我将有大量的搜索和替换。有没有办法只使用路径的相对部分？
UPD)。我正在使用Lua与Corona SDK，如果重要。
解决方法
有一种推断文件的“本地路径”的方法(更具体地说，是用于加载文件的字符串)。
如果您需要lib.foo.bar中的文件，您可能会这样做：
require 'lib.foo.bar'
然后，当您处于所有功能之外时，您可以获取文件的路径作为第一个元素(而且仅)…变量。换一种说法：
-- lib/foo/bar.lua local pathOfThisFile = ... -- pathOfThisFile is now 'lib.foo.bar'
现在，要获取“文件夹”，您需要删除文件名。最简单的方法是使用匹配：
local folderOfThisFile = (...):match("(.-)[^%.]+$") -- returns 'lib.foo.'
在那里你有它现在，您可以将该字符串添加到其他文件名，并使用它来要求：
require(folderOfThisFile .. 'baz') -- require('lib.foo.baz')
require(folderOfThisFile .. 'bazinga') -- require('lib.foo.bazinga')
如果您移动bar.lua，folderOfThisFile将自动更新。