(1)反向逆置
- //逆置单向链表
- //通过三个指针遍历 O(n)
- LNode*ListInverse(LNode*L)
- {
- if(L==NULL)
- returnNULL;
- if(L->Next==NULL)returnL;
- LNode*pre=L->Next;
- LNode*cur=pre->Next;
- LNode*next=cur->Next;
- pre->Next=NULL;
- cur->Next=pre;
- pre=cur;
- cur=next;
- while(cur!=NULL)
- next=cur->Next;
- }
- L->Next=pre;
- }
403_114@
//头插法遍历
@H_
publicvoidReversLinkList(LinkList<int>H)
- {
- Node>p=H.Next;
- Node>q=newNode>();
- H.Next=null;
- while(p!=null)
- {
- q=p;
- p=p.Next;
- q.Next=H.Next;
- H.Next=q;
- }
- publicvoidReversLinkList(LinkList<int>H)
- {
- Node>p=H.Next;
- Node>q=newNode>();
- H.Next=null;
- while(p!=null)
- {
- q=p;
- p=p.Next;
- q.Next=H.Next;
- H.Next=q;
- }
(2)验证环
正常链表的尾节点的链域是NULL,有环就不存在NULL了!对了,用一指针轮询,不断地p=p->next;若是看到了p为NULL,则表明无环!否则,就是有环。这个想法挺好,但是有环,会进入死循环的。有
办法是有的:使用两指针,一快一慢,都从头开始轮询,若有环,则慢的肯定可以被快的反超,因为此时大家都像是在围绕着环形跑道赛跑;若是一正常链表,则肯定会遇到NULL,好了,问题解决了。
- boolhasLoop(Node*head)
- {
- if(head==NULL)//链表为空
- returnfalse;
- Node*p,*q;
- p=q=head;//两个指针从同一点出发,当然也可以一前一后
- while(p&&q)
- p=p->next;//一次一步
- q=q->next->next;//一次两步
- if(p==q)//相遇,肯定有环
- true;
- }
- false;//出现了NULL,也就无环
- }
(3)倒数第M个节点
两指针,一指针先从头移动k次,此时两指针间隔k(就是要这个差距),此时两指针同时移动,快慢一样,等到先走的指针移动到NULL,第二个指针不就是倒数第k个
- voidendOfK(Node*head,intk)
- if(head==NULL)
- printf("链表为空!");
- return;
- Node*p,*q;
- p=q=head;
- intcount=0;
- while(p&&count<k)
- p=p->next;
- count++;
- if(p==NULL&&count!=k)//update:这里原先只有p==NULL,更新后加上count!=k,大家想想为什么?
- {
- printf("k值过大!\n");
- return;
- }
- while(p)
- q=q->next;
- printf("倒数第%d个节点是%d\n",k,q->data);
- }
(4)相交
一指针沿着其中一链表走到尾节点处等着,另一链表的指针也从头走到尾,若能在尾处相遇,则两链表在某节点处相交。
寻找相交节点
不妨遍历每个链表保存最后一个节点,看看最后一个节点是否是同一个节点,这种情况时间复杂度是O(length1 + length2)。基本也不需要什么空间,似乎是一个不错的想法哦,那么怎么找到第一个相交节点呢?可以遍历的过程中记录链表的长度L1和L2(假设L1>L2)这是遍历找到第一个链表中的第L1 - L2节点,然后链表一从第L1-L2个节点开始遍历,链表二从第一个节点遍历,每次前进一步,直到找到第一个相同的节点,则可以认为两个链表存在相交节点,并且该点即为第一个相交节点(原来这里写错了,感谢Ider指出这个错误)。这种解法的时间复杂度也是线性的,但是如果两个链表长度相差不多时,时间复杂度还是不错的。
(10)寻找环的入口点
1. 遍历链表,将已经遍历过的节点放在一个hash表中,如果一个节点已经存在hash表中,说明有环。时间:O(n) 空间:O(n)
2.寻找环的入口点: 当fast按照每次2步,slow每次一步的方式走,发现fast和slow重合,确定了单向链表有环路。接下来,让fast回到链表的头部,重新走,每次步长1,那么当fast和slow再次相遇的时候,就是环路的入口了。
证明:在fast和slow第一次相遇的时候,假定slow走了n步,环路的入口是在p步,那么
slow走的路径: p+c = n; c为fast和slow相交点 距离环路入口的距离
fast走的路径: p+c+k*L = 2*n; L为环路的周长,k是整数
显然,如果从p+c点开始,slow再走n步的话,还可以回到p+c这个点。
同时,fast从头开始走,步长为1,经过n步,也会达到p+c这点。
显然,在这个过程中fast和slow只有前p步骤走的路径不同。所以当p1和p2再次重合的时候,必然是在链表的环路入口点上。