我尝试创建一个通用包装函数,它将任何函数作为参数以及它们的参数.就像std :: thread构造函数一样.
我目前的代码是：
#include <iostream>
using namespace std;
template<typename FUNCTION,typename... ARGS>
void wrapper(FUNCTION&& func,ARGS&&... args)
{
cout << "WRAPPER: BEFORE" << endl;
auto res = func(args...);
cout << "WRAPPER: AFTER" << endl;
//return res;
}
int dummy(int a,int b)
{
cout << a << '+' << b << '=' << (a + b) << endl;
return a + b;
}
int main(void)
{
dummy(3,4);
wrapper(dummy,3,4);
}
包装函数本身有效.它使用给定的参数调用给定的函数对象(std :: function,functor或只是“普通”函数).但我也想返回它的返回值.
这应该与删除的return语句一起使用,但不幸的是我不知道如何声明包装函数返回类型.
我尝试了很多东西(例如使用decltype),但没有任何效果.我现在的问题是,如何运行以下代码？
#include <iostream>
template<typename FUNCTION,typename... ARGS>
??? wrapper(FUNCTION&& func,ARGS&&... args)
{
cout << "WRAPPER: BEFORE" << endl;
auto res = func(args...);
cout << "WRAPPER: AFTER" << endl;
return res;
}
int dummy(int a,4);
cout << "WRAPPERS RES IS: " << wrapper(dummy,4) << endl;
}
我认为代码应该工作,除了???.
谢谢你的任何想法
问候
凯文
解决方法
使用
std::result_of：
template <typename F,typename ...Args>
typename std::result_of<F &&(Args &&...)>::type wrapper(F && f,Args &&... args)
{
return std::forward<F>(f)(std::forward<Args>(args)...);
}
在C 14中,您可以使用result_of_t别名：
template <typename F,typename ...Args>
std::result_of_t<F &&(Args &&...)> wrapper(F && f,Args &&... args)
{
return std::forward<F>(f)(std::forward<Args>(args)...);
}
或者您可以使用返回类型扣除：
template <typename F,typename ...Args>
decltype(auto) wrapper(F && f,Args &&... args)
{
std::cout << "before\n";
auto && res = std::forward<F>(f)(std::forward<Args>(args)...);
std::cout << "after\n";
return res;
}
